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@description@@solution@@accepted code@@details@
@description@
你天天努力，还是比不上小牛，因为小牛在家中套路。于是你决定去拜访小牛，以请教套路的方法。
小牛住在长满多汁牧草的大草原中，草原上共有 n 个牧场，n−1 条双向道路连接这些牧场使得牧场之间两两可达。通过一条道路需要花费一定的时间，一开始这个值都是 0。
小牛并不想让你找到他，所以小牛有时候会通过一些方式使得通过某条道路的时间发生变化。于是你被小牛弄得晕头转向，不知所措。
最后你放弃了寻找小牛，开始研究起一个问题：任选两个牧场 u 和 v ，定义 dis(u,v) 为 u 到 v 的最短路，那么 dis(u,v) 最大可以是多少呢？
由于小牛操纵着牧场道路通过时间的变化，所以你需要在小牛每次操作后都重新求出这个问题的答案。
@Input format@ 第一行两个数 n，m，表示牧场的数量和小牛操作的数量。
第二行 n−1 个数，第 i 个数是 f[i+1]（f[i+1]≤i），代表在 f[i+1]号牧场和 i+1 号牧场之间有一条双向道路，通过时间为 0。
接下来 m 行，每行两个数 pi，wi，表示将 f[pi] 号牧场和 pi 号牧场之间的双向道路的通过时间改为 wi。
@Output format@ 输出共 m 行，第 i 行输出一个数表示小牛第 i 次操作后 dis(u,v)的最大值。
@Sample input@ 5 4 1 1 2 2 4 8 4 3 2 2 5 7@Sample output@ 8 3 5 10@Constraints@ 对于所有的数据，n,m≤1e5，0≤wi≤2e3。
@solution@
简单来说就是在支持修改边权的操作下动态维护直径长度。
嗯。虽然我知道求直径是一个经典的 dp 问题，而这道题就是一道经典的动态 dp 问题。 不过我尝试着寻找一种比动态 dp 好写的算法（虽然写出来跟动态 dp 长度差不多。。。）。
求直径还有另一个经典的算法：点分治两次搜索。 第一次，找到距离根最远的点，不妨令其为 x。 第二次，找到距离 x 最远的点，不妨令其为 y。于是 x 与 y 的距离就是直径长。 于是我们尝试动态维护出两次搜索需要的信息。
第一次搜索，只需要支持子树的加减、查询最大值的操作即可。可以在 dfs 序上直接建一棵线段树。 第二次搜索，因为我们只需要求直径长，所以没必要维护出点 y。 因为点 x 是一个叶子结点（可能有多个结点满足离根最远，但不难发现总存在一个叶子结点满足条件），所以以点 x 为端点的直径肯定是从 x 往上爬至一定位置然后向下走。 我们再搞出两个线段树。其中一棵用于维护重链：维护重链上的点“通过轻儿子向下可到达的最远距离 - 这个点离根的距离的最大值”；另一棵维护每一个点下面挂着的轻儿子们，维护“通过这个点的轻儿子向下可到达的最远距离与次远距离”（其实这个可以不用线段树维护，只是因为我前两个需要就封装了一个，刚好就用一下。。。）。
查询时顺着重链往上时，如果遇到重链就访问我们建的第二棵线段树，遇到轻边就访问我们建的第三棵线段树，对答案进行更新。 修改时对应上面的定义恰当修改即可。不再赘述。
时间复杂度 O(nlog^2 n)
@accepted code@
#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
#define mp make_pair
typedef pair<int, int> pii;
const int MAXN = 100000;
struct edge{
edge *nxt; int to;
}edges[MAXN + 5], *adj[MAXN + 5], *ecnt=&edges[0];
void addedge(int u, int v) {
edge *p = (++ecnt);
p->to = v, p->nxt = adj[u], adj[u] = p;
}
struct segtree{
struct node{
int le, ri, tag;
pii mx, smx;
}tree[4*MAXN + 5];
bool comp(pii a, pii b) {
if( a.first == 0 ) return false;
if( b.first == 0 ) return true;
if( a.second == b.second ) return a.first > b.first;
return a.second > b.second;
}// a > b : true
void update(pii &mx, pii &smx, pii x) {
if( comp(x, mx) ) smx = mx, mx = x;
else if( comp(x, smx) ) smx = x;
}
void pushup(int x) {
tree[x].mx = tree[x<<1|1].mx, tree[x].smx = tree[x<<1|1].smx;
update(tree[x].mx, tree[x].smx, tree[x<<1].mx);
update(tree[x].mx, tree[x].smx, tree[x<<1].smx);
}
void pushdown(int x) {
if( tree[x].tag ) {
tree[x<<1].mx.second += tree[x].tag, tree[x<<1].smx.second += tree[x].tag, tree[x<<1].tag += tree[x].tag;
tree[x<<1|1].mx.second += tree[x].tag, tree[x<<1|1].smx.second += tree[x].tag, tree[x<<1|1].tag += tree[x].tag;
tree[x].tag = 0;
}
}
void build(int x, int l, int r) {
tree[x].le = l, tree[x].ri = r, tree[x].tag = 0;
if( l >= r ) {
tree[x].mx = mp(l, 0), tree[x].smx = mp(0, 0);
return ;
}
int mid = (l + r) >> 1;
build(x<<1, l, mid), build(x<<1|1, mid + 1, r);
pushup(x);
}
void add(int x, int l, int r, int d) {
if( l > tree[x].ri || r < tree[x].le )
return ;
if( l <= tree[x].le && tree[x].ri <= r ) {
tree[x].tag += d, tree[x].mx.second += d, tree[x].smx.second += d;
return ;
}
pushdown(x);
add(x<<1, l, r, d);
add(x<<1|1, l, r, d);
pushup(x);
}
void modify(int x, int p, int k) {
if( p > tree[x].ri || p < tree[x].le )
return ;
if( tree[x].le == tree[x].ri ) {
tree[x].mx.second = k;
return ;
}
pushdown(x);
modify(x<<1, p, k);
modify(x<<1|1, p, k);
pushup(x);
}
pii query_max(int x, int l, int r) {
if( l > tree[x].ri || r < tree[x].le )
return mp(0, 0);
if( l <= tree[x].le && tree[x].ri <= r )
return tree[x].mx;
pushdown(x);
pii a = query_max(x<<1, l, r), b = query_max(x<<1|1, l, r);
return comp(a, b) ? a : b;
}
int query_key(int x, int p) {
if( tree[x].le == tree[x].ri )
return tree[x].mx.second;
int mid = (tree[x].le + tree[x].ri) >> 1;
pushdown(x);
if( p <= mid ) return query_key(x<<1, p);
else return query_key(x<<1|1, p);
}
pair<pii, pii> query_sec_max(int x, int l, int r) {
if( l > tree[x].ri || r < tree[x].le )
return mp(mp(0, 0), mp(0, 0));
if( l <= tree[x].le && tree[x].ri <= r )
return mp(tree[x].mx, tree[x].smx);
pushdown(x);
pair<pii, pii> a = query_sec_max(x<<1, l, r);
pair<pii, pii> b = query_sec_max(x<<1|1, l, r);
update(a.first, a.second, b.first);
update(a.first, a.second, b.second);
return a;
}
}T1, T2, T3;
int f[MAXN + 5], w[MAXN + 5], n, m;
int siz[MAXN + 5], hvy[MAXN + 5];
int dfn[MAXN + 5], tid[MAXN + 5], top[MAXN + 5], dcnt = 0;
int num[MAXN + 5], arr[MAXN + 5], le[MAXN + 5], ri[MAXN + 5], tot = 0;
void read() {
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i=2;i<=n;i++)
scanf("%d", &f[i]);
}
void func() {
for(int i=2;i<=n;i++)
addedge(f[i], i);
for(int i=n;i>=2;i--)
siz[f[i]] += (++siz[i]);
siz[1]++;
for(int i=n;i>=1;i--)
if( siz[hvy[f[i]]] < siz[i] )
hvy[f[i]] = i;
}
void dfs(int x, int tp) {
dfn[++dcnt] = x, tid[x] = dcnt, top[x] = tp;
if( !hvy[x] ) return ;
dfs(hvy[x], tp);
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt)
if( p->to != hvy[x] ) {
arr[++tot] = p->to;
if( !le[x] ) le[x] = tot;
num[p->to] = ri[x] = tot;
}
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt)
if( p->to != hvy[x] )
dfs(p->to, p->to);
}
inline int dist(int x, int y) {
return T1.query_key(1, tid[x]) - T1.query_key(1, tid[y]);
}
inline int find_max(int x, int y) {
return T1.query_max(1, tid[y], tid[y]+siz[y]-1).second - T1.query_key(1, tid[x]);
}
void modify(int x, int k) {
int del = k - w[x]; w[x] = k;
T1.add(1, tid[x], tid[x]+siz[x]-1, del), T2.add(1, tid[x], tid[x]+siz[x]-1, -del);
while( true ) {
x = top[x];
if( f[x] ) {
int d = T3.query_max(1, le[f[x]], ri[f[x]]).second;
T3.modify(1, num[x], find_max(f[x], x));
d = T3.query_max(1, le[f[x]], ri[f[x]]).second - d;
T2.add(1, tid[f[x]], tid[f[x]], d);
x = f[x];
}
else break;
}
}
int query() {
int x = dfn[T1.query_max(1, 1, n).first], dis = 0, ret = 0;
while( true ) {
int p = dfn[T2.query_max(1, tid[top[x]], tid[x] - 1).first];
ret = max(ret, dis + dist(x, p) + T3.query_max(1, le[p], ri[p]).second);
dis += dist(x, top[x]), x = top[x];
if( f[x] ) {
dis += w[x];
ret = max(ret, dis + find_max(f[x], hvy[f[x]]));
pair<pii, pii> p = T3.query_sec_max(1, le[f[x]], ri[f[x]]);
if( arr[p.first.first] == x ) ret = max(ret, dis + p.second.second);
else ret = max(ret, dis + p.first.second);
x = f[x];
}
else break;
}
return ret;
}
void solve() {
T1.build(1, 1, dcnt), T2.build(1, 1, dcnt), T3.build(1, 1, tot);
for(int i=1;i<=m;i++) {
int p, w; scanf("%d%d", &p, &w);
modify(p, w), printf("%d\n", query());
}
}
int main() {
read(), func(), dfs(1, 1), solve();
}
@details@
至少通过这道题我懂得了一个道理：千万不要在其他题不能确保正确性（比如对拍、手造数据、写暴力）的情况下写数据结构题。 否则你就有可能会遭遇其他题写挂，数据结构题也写挂的双挂结局。
而且写数据结构题，测完样例并没有什么用。即使没时间对拍，也要手造数据尝试 hack 自己。
转载于:https://www.cnblogs.com/Tiw-Air-OAO/p/11146855.html
相关资源：4：-源码
