strlen(s) O(n)
O(sigma len[i]);
建立一个trie树
fail指针：根的fail指针指向自己，其余节点找到一个最长后缀使得它是原来某个串的一个前缀，fail指针指向该前缀在trie树上的位置
fail指针性质：1.指向比它浅的节点（除根的fail指针外）
2.所有的fail指针组成的是一棵树fail树（除根的fail指针外：n个点，n-1条边，无环）
匹配：按位匹配，若不能向下匹配则沿fail指针向上跳，直到可向下匹配或走到根
O（M） （原因：由于每匹配一位最多向下跳一次，共最多向下跳M次，故最多向上跳M次）
一种用来理解的代码：
inline void build_AC(){//bfs queue<int>q; q.push(rt); while(!q.empty()){ int x=q.front();q.pop(); for(int a=0;a<size;a++){//size 有多少个儿子 if(z[now].next[a]){ //now这个节点有没有a这个儿子 int p=z[now].fail; while(p){ if(z[p].next[a]){ z[z[now].next[a]].fail=z[p].next[a]; break; } p=z[p].fail; } if(!p) z[z[now].next[a]].fail=rt; q.push(z[now].next[a]); }else{//补齐：匹配时不用分类向上跳，直接沿着next走就好了 z[now].next[a]=z[z[now].fail].next[a]; if(!z[now].next[a]) z[now].next[a]=rt; } } } } View Code
把n个后缀排序
rankk[i]表示从每个位置开始排k个字符，i排在第几名
rank2[i] - > rank4[i] - > rank8[i] - > …… - > rank 2^k [i]
基数排序：O(2n)
struct node{ int pos,x[2];//pos开始的位置是哪里，x[0]与x[1]存储用来基数排序的两个值 node(){} node(int a,int b,int c){ pos=a;x[1]=b;x[0]=c; } }x[maxn],sw[maxn]; inline void count_sort(int upper){ for(int a=0;a<=1;a++){ memset(buf,0,sizeof(buf)); for(int b=1;b<=n;b++) buf[x[b].x[a]]++; for(int b=1;b<=upper;b++) inline void sa(){ for(int a=1;a<=n;a++) x[a]=node(a,z[a],0); count_sort(n);//得到所有rank1[i] for(int a=1;a<=n;a<<=1){ for(int b=1;b<=n;b++) x[b]=node(b,rank[b],a+b<=n?rank[a+b]:0); count_sort(n); }//rank[i]第i个后缀排名第几 for(int a=1;a<=n;a++) sa[rank[a]]=a;//sa[i]排名为i的后缀是第几个后缀 } View Codeheight数组
height[i]表示排名为i的后缀和排名为i-1的后缀的最长公共前缀长度
应用：求任意两个后缀的最长公共前缀 - > height数组区间最小值
()()不是回文串23333~~
求以每一个位置为中心的最长回文串长度，均为奇数
在中间插字符，得到偶数长度回文串
https://www.luogu.org/problemnew/show/P3805
https://www.luogu.org/problemnew/show/P4287
求每一个后缀与原串的最长公共前缀
f[1]=l
f[2]=
求f[i]，设f[1]---f[i-1]已经求完了，找到右端点最靠右的一串，设起点为p，终点为r
f[i]=min(r-i+1,f[i-p+1])
自然溢出：mod 2^64 unsigned long long
单模：1个10^9左右的质数（容易被卡）
双模：2个10^9左右的质数（会被卡常）
确定状态自动机--有向图，一个起始点，多少个终结点？？
从一个点出发的边不能有字母相同的
不确定状态自动机--有向图，一个起始点，任意多个终结点
从一个点出发的边可以有字母相同的
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