Description
深海资源考察探险队的潜艇将到达深海的海底进行科学考察。
潜艇内有多个深海机器人。潜艇到达深海海底后，深海机器人将离开潜艇向预定目标移动。
深海机器人在移动中还必须沿途采集海底生物标本。沿途生物标本由最先遇到它的深海机器人完成采集。
每条预定路径上的生物标本的价值是已知的，而且生物标本只能被采集一次。
本题限定深海机器人只能从其出发位置沿着向北或向东的方向移动，而且多个深海机器人可以在同一时间占据同一位置。
用一个 P×Q 网格表示深海机器人的可移动位置。西南角的坐标为(0,0) ，东北角的坐标为(Q,P) 。
给定每个深海机器人的出发位置和目标位置，以及每条网格边上生物标本的价值。
计算深海机器人的最优移动方案， 使深海机器人到达目的地后，采集到的生物标本的总价值最高。
文件的第 11 行为深海机器人的出发位置数 a ,和目的地数 b 。
第 22 行为 P 和 Q 的值。
接下来的 P+1 行,每行有 Q 个正整数,表示向东移动路径上生物标本的价值,行数据依从南到北方向排列。
再接下来的 Q+1 行,每行有 P 个正整数,表示向北移动路径上生物标本的价值,行数据依从西到东方向排列。
接下来的 a 行,每行有 3 个正整数 k,x,y ,表示有 k 个深海机器人从 (x,y) 位置坐标出发。
再接下来的 b 行,每行有 3 个正整数 r,x,y ,表示有 r 个深海机器人可选择 (x,y) 位置坐标作为目的地。
a行和b行输入时横纵坐标要反过来
Output
输出采集到的生物标本的最高总价值.
1 1 2 2 1 2 3 4 5 6 7 2 8 10 9 3 2 0 0 2 2 2
Sample Output
42
HINT
1≤P,Q≤15 1≤a≤4 1≤b≤6
想法
还是挺容易的一道题 直接按题目所说的建图，每相邻两个点间连两条边 一条容量为1，代价为-val 另一条容量为INF，代价为0 跑一遍最小费用最大流，答案\(\times\)-1就行了
代码
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<queue>
#define INF 2000000000
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 17;
const int M = N*N;
struct node{
int v,f,c;
node *next,*rev;
}pool[M*8+20],*h[M],*pree[M];
int cnt;
void addedge(int u,int v,int f,int c){
node *p=&pool[++cnt],*q=&pool[++cnt];
p->v=v;p->next=h[u];h[u]=p; p->f=f;p->c=c;p->rev=q;
q->v=u;q->next=h[v];h[v]=q; q->f=0;q->c=-c;q->rev=p;
}
int S,T;
ll d[M];
int vis[M],pre[M];
queue<int> que;
bool spfa(){
int u,v;
while(!que.empty()) que.pop();
for(int i=S;i<=T;i++) d[i]=INF;
d[S]=0; vis[S]=1;
que.push(S);
while(!que.empty()){
u=que.front(); que.pop();
vis[u]=0;
for(node *p=h[u];p;p=p->next)
if(p->f && d[v=p->v]>d[u]+p->c){
d[v]=d[u]+p->c;
pre[v]=u;
pree[v]=p;
if(!vis[v]) { que.push(v); vis[v]=1; }
}
}
return d[T]!=INF;
}
void cal(ll &f,ll &c){
int u=T,w=INF;
node *p=pree[u];
while(u!=S){
w=min(w,p->f);
u=pre[u]; p=pree[u];
}
f+=w; c+=w*d[T];
u=T; p=pree[u];
while(u!=S){
p->f-=w;
p->rev->f+=w;
u=pre[u]; p=pree[u];
}
}
ll MCMF(){
ll f=0,c=0;
while(spfa()) cal(f,c);
return c;
}
int a,b,n,m;
int main()
{
scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&n,&m);
n++;m++;
S=0; T=n*m+1;
int x,y,k;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<m;j++) {
scanf("%d",&x);
addedge((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+1,1,-x);
addedge((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+1,INF,0);
}
for(int j=1;j<=m;j++)
for(int i=1;i<n;i++) {
scanf("%d",&x);
addedge((i-1)*m+j,i*m+j,1,-x);
addedge((i-1)*m+j,i*m+j,INF,0);
}
for(int i=0;i<a;i++){
scanf("%d%d%d",&k,&x,&y);
x++;y++;
addedge(S,(x-1)*m+y,k,0);
}
for(int i=0;i<b;i++){
scanf("%d%d%d",&k,&x,&y);
x++;y++;
addedge((x-1)*m+y,T,k,0);
}
printf("%lld\n",-MCMF());
return 0;
}
转载于:https://www.cnblogs.com/lindalee/p/8464536.html
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