Descriptioin
浮生有梦三千场 穷尽千里诗酒荒 徒把理想倾倒 不如早还乡
温一壶风尘的酒 独饮往事迢迢 举杯轻思量 泪如潮青丝留他方
——乌糟兽/愚青《旧词》
你已经解决了五个问题，不妨在这大树之下，吟唱旧词一首抒怀。最后的问题就是关于这棵树的，它的描述很简单。
给定一棵 \(n\) 个点的有根树，节点标号 \(1 \sim n\)，11 号节点为根。 给定常数 \(k\) 。 给定 \(Q\) 个询问，每次询问给定 \(x,y\)。 求：
\(\sum\limits_{i\leq x} depth(lca(i,y))^k\)
\(lca(x,y)\) 表示节点 \(x\) 与节点 \(y\) 在有根树上的最近公共祖先。\(depth(x)\) 表示节点 \(x\) 的深度，根节点的深度为 1。 由于答案可能很大，你只需要输出答案模 998244353 的结果。
输入包含 \(n+Q\) 行。
第 1 行，三个正整数 \(n,Q,k\) 。
第 \(i=2 \sim n\) 行，每行有一个正整数 \(f_i,(1 \leq f_i \leq n)\)，表示编号为 \(i\) 的节点的父亲节点的编号。
接下来 $ Q$ 行，每行两个正整数 \(x,y(1 \leq x,y \leq n)\)，表示一次询问。
Output
输出包含 \(Q\) 行，每行一个整数，表示答案模 998244353 的结果。
5 5 2 1 4 1 2 4 3 5 4 2 5 1 2 3 2
Sample Output
15 11 5 1 6
HINT
样例解释 输入的树：
每个点的深度分别为 1,2,3,2,3。
第一个询问 \(x = 4,y = 3\)，容易求出：
\(lca(1,3)=1,lca(2,3)=1,lca(3,3)=3,lca(4,3)=4\) 于是 \(depth(1) +depth(1) +depth(3) +depth(4) =1+1+9+4=15\) 。
数据范围 \(n\leq 50000,m\leq 50000,1\leq k \leq 10^9\)
想法
首先一句题外话，我真的很喜欢这种有些文学范儿的题~
言归正传！这个题跟 \([LNOI2014]LCA\) 很像，挺套路的。 离线，把所有询问按 \(x\) 从小到大排序后处理。 考虑当 \(k=1\) 时，将 \(1\leadsto [1,x]\) 每条路径上经过的点的值都加1，统计 \(1\leadsto y\) 路径上所有点的值之和就是答案
这样做的原理为 对于任意深度为 \(i\) 的点，它对答案的贡献为 $ i^1-(i-1)^1=1 $
那么当 \(k \neq 1\) 时也同理，任意深度为 \(i\) 的点对答案的贡献为 \(i^k-(i-1)^k=c\) ，路径上若经过这个点，则该点的值加 \(c\) 由于所有点深度固定，\(k\) 也固定， \(c\) 是很容易处理出来的。
至于如何修改与统计，那当然是树链剖分+线段树咯！（虽说 \(lct\) 也行,但想想那代码量与极大的常数还是放弃吧 ）
代码
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
int read(){
int x=0;
char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)) ch=getchar();
while(isdigit(ch)) x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return x;
}
const int N = 50005;
const int xzy = 998244353;
typedef long long ll;
struct node{
int v;
node *nxt;
}pool[N],*h[N];
int cnt;
void addedge(int u,int v){
node *p=&pool[++cnt];
p->v=v;p->nxt=h[u];h[u]=p;
}
int fa[N],son[N],dep[N],size[N];
void dfs1(int u){
int v,sonnum=0;
size[u]=1;
for(node *p=h[u];p;p=p->nxt){
dep[v=p->v]=dep[u]+1;
dfs1(v);
if(size[v]>sonnum) sonnum=size[v],son[u]=v;
size[u]+=size[v];
}
}
int top[N],w[N],rk[N],tot;
void dfs2(int u){
int v=son[u];
if(v){
top[v]=top[u];
w[v]=++tot;
rk[tot]=v;
dfs2(v);
}
for(node *p=h[u];p;p=p->nxt)
if((v=p->v)!=son[u]){
top[v]=v;
w[v]=++tot;
rk[tot]=v;
dfs2(v);
}
}
int n,m,k;
int Pow_mod(int x,int y){
int ret=1;
while(y){
if(y&1) ret=((ll)ret*x)%xzy;
x=((ll)x*x)%xzy;
y>>=1;
}
return ret;
}
struct tree{
tree *ch[2];
int e,sum,lazy;
}pool2[N*2],*root;
int cnt2;
void build(tree *p,int l,int r){
p->sum=p->lazy=0;
if(l==r){
p->e=(Pow_mod(dep[rk[l]],k)-Pow_mod(dep[rk[l]]-1,k)+xzy)%xzy;
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
build(p->ch[0]=&pool2[++cnt2],l,mid);
build(p->ch[1]=&pool2[++cnt2],mid+1,r);
p->e=((ll)p->ch[0]->e+p->ch[1]->e)%xzy;
}
void update(tree *p) { p->sum=((ll)p->ch[0]->sum+p->ch[1]->sum)%xzy; }
void pushdown(tree *p){
if(!p->lazy) return;
for(int i=0;i<2;i++){
(p->ch[i]->lazy+=p->lazy)%=xzy;
p->ch[i]->sum=((ll)p->ch[i]->sum+1ll*p->lazy*p->ch[i]->e%xzy)%xzy;
}
p->lazy=0;
}
void change(tree *p,int l,int r,int L,int R){
if(l==L && r==R){
p->lazy++;
p->sum=(p->sum+p->e)%xzy;
return;
}
pushdown(p);
int mid=(l+r)>>1;
if(R<=mid) change(p->ch[0],l,mid,L,R);
else if(L>mid) change(p->ch[1],mid+1,r,L,R);
else{
change(p->ch[0],l,mid,L,mid);
change(p->ch[1],mid+1,r,mid+1,R);
}
update(p);
}
int query(tree *p,int l,int r,int L,int R){
if(l==L && r==R) return p->sum;
pushdown(p);
int mid=(l+r)>>1;
if(R<=mid) return query(p->ch[0],l,mid,L,R);
else if(L>mid) return query(p->ch[1],mid+1,r,L,R);
return (query(p->ch[0],l,mid,L,mid)+query(p->ch[1],mid+1,r,mid+1,R))%xzy;
}
void add(int x){
while(x){
change(root,1,n,w[top[x]],w[x]);
x=fa[top[x]];
}
}
int ask(int x){
int ret=0;
while(x){
(ret+=query(root,1,n,w[top[x]],w[x]))%=xzy;
x=fa[top[x]];
}
return ret;
}
struct data{
int x,y,id;
bool operator < (const data &b) const{ return x<b.x; }
}d[N];
int ans[N];
int main()
{
n=read(); m=read(); k=read();
for(int i=2;i<=n;i++) {
fa[i]=read();
addedge(fa[i],i);
}
for(int i=0;i<m;i++) {
d[i].x=read(); d[i].y=read();
d[i].id=i;
}
sort(d,d+m);
dep[1]=1;
dfs1(1);
top[1]=1; w[1]=++tot; rk[tot]=1;
dfs2(1);
build(root=&pool2[++cnt2],1,n);
int t=0;
for(int i=0;i<m;i++){
while(t<d[i].x) add(++t);
ans[d[i].id]=ask(d[i].y);
}
for(int i=0;i<m;i++) printf("%d\n",ans[i]);
return 0;
}
转载于:https://www.cnblogs.com/lindalee/p/11108200.html
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