Description
如今的道路收费发展很快。道路的密度越来越大，因此选择最佳路径是很现实的问题。城市的道路是双向的，每条道路有固定的旅行时间以及需要支付的费用。 路径是连续经过的道路组成的。总时间是各条道路旅行时间的和，总费用是各条道路所支付费用的总和。一条路径越快，或者费用越低，该路径就越好。严格地说，如果一条路径比别的路径更快，而且不需要支付更多费用，它就比较好。反过来也如此理解。如果没有一条路径比某路径更好，则该路径被称为最小路径。 这样的最小的路径有可能不止一条，或者根本不存在路径。 问题：读入网络，计算最小路径的总数。费用时间都相同的两条最小路径只算作一条。你只要输出不同种类的最小路径数即可。
第一行有四个整数，城市总数 \(n\)，道路总数 \(m\)，起点和终点城市 \(s\),\(e\)； 接下来的 \(m\) 行每行描述了一条道路的信息，包括四个整数，两个端点 \(p\),\(r\)，费用 \(c\)，以及时间 \(t\)； 两个城市之间可能有多条路径连接。
Output
仅一个数，表示最小路径的总数。
4 5 1 4
2 1 2 1
3 4 3 1
2 3 1 2
3 1 1 4
2 4 2 4
Sample Output
2
HINT
题解
首先，题目中对最小路径的描述有些歧义，实际上最小路径 \(u\) 应满足不存在路径 \(v\) 使 \(cost[v] \leq cost[u]\)，\(len[v] \leq len[u]\) 这可以说是一道 \(DP\) 题，也可以说是一道分层图 \(SPFA\)（本质是一样的）
分层图 \(SPFA\) 要好写一些。 设 \(f[i][j]\) 表示走到第 \(i\) 个结点，费用为 \(j\) 时的最短路 “转移”就是 \(f[k][j+cost]=min(f[k][j+cost],f[i][j]+len)\) ，不断更新
之后类似二维偏序，用树状数组就行了。
代码
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<queue>
using namespace std;
const int N = 105;
typedef pair<int,int> P;
struct node {
int v,len,cost;
node *next;
}pool[N*6],*h[N];
int cnt;
void addedge(int u,int v,int len,int cost){
node *p=&pool[++cnt],*q=&pool[++cnt];
p->v=v;p->next=h[u];h[u]=p;p->len=len;p->cost=cost;
q->v=u;q->next=h[v];h[v]=q;q->len=len;q->cost=cost;
}
int n,m,s1,s2,S,T;
int f[N][N*N],vis[N][N*N];
queue<P> que;
void spfa(){
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=0;j<=s1;j++) f[i][j]=1e8;
f[S][0]=0; vis[S][0]=1; que.push(P(S,0));
while(!que.empty()){
int u=que.front().first,c=que.front().second,v;
que.pop();
vis[u][c]=0;
s2=max(s2,f[u][c]);
if(u==T) continue;
for(node *p=h[u];p;p=p->next)
if(c+p->cost<=s1 && f[v=p->v][c+p->cost]>f[u][c]+p->len){
f[v][c+p->cost]=f[u][c]+p->len;
if(!vis[v][c+p->cost]){
vis[v][c+p->cost]=1;
que.push(P(v,c+p->cost));
}
}
}
}
int d[N*N];
int lowbit(int x) { return x&(-x); }
int add(int x,int y){
while(x<=s2){
d[x]+=y;
x+=lowbit(x);
}
}
int sum(int x){
int ret=0;
while(x){
ret+=d[x];
x-=lowbit(x);
}
return ret;
}
int main()
{
int x,y,len,c,ans=0;
scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&S,&T);
for(int i=0;i<m;i++){
scanf("%d%d%d%d",&x,&y,&c,&len);
addedge(x,y,len,c);
s1=max(s1,c);
}
s1*=(n-1);
spfa();
s2++;
for(int i=0;i<=s1;i++)
if(f[T][i]!=1e8){
if(sum(f[T][i]+1)==0) ans++;
add(f[T][i]+1,1);
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}
转载于:https://www.cnblogs.com/lindalee/p/9846059.html
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